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1.2 交变电流的图像

交变电流的产生、描述及变压器 · 高二
先确认一下:这一关能不能学
上面这几节是它的地基 —— 没通的话,补完再回来,比硬啃快得多。
讲清楚它是什么

定义 描述交变电流随时间变化规律的函数图像,横轴为时间,纵轴为电流、电压或电动势。

从哪来 基于1.2 磁通量变化产生的感应电动势,结合6.1 自感现象中线圈对电流变化的阻碍作用,最终形成闭合回路中的交变电流。

为什么 线圈在匀强磁场中匀速转动时,穿过线圈的磁通量 $\Phi$ 按正弦规律变化($\Phi = \Phi_m \cos \omega t$)。根据法拉第电磁感应定律,$e = -N \frac{d\Phi}{dt}$,对余弦函数求导得到正弦函数($e = E_m \sin \omega t$)。由于电路存在电阻和自感,电流 $i$ 与电动势 $e$ 同相(纯电阻电路)或存在相位差,因此电流随时间也呈正弦(或余弦)规律变化,其图像即为正弦曲线。

适合:形象思维强、喜欢直观演示的学生** **讲法:投影法** 1. **物理模型
展示一个矩形线圈在磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动。 2. 视觉辅助:在黑板上画一个圆,代表线圈转动的轨迹。在圆周上标记一个点 $P$,代表线圈平面。 3. 动态映射: * 当线圈平面与磁场平行时($t=0$),切割速度最大,电动势最大,电流最大。此时点 $P$ 在圆的最右端(或最左端,取决于定义)。 * 当线圈平面与磁场垂直时(中性面),切割速度为零,电动势为零,电流为零。此时点 $P$ 在圆的最上端或最下端。 4. 图像生成:想象有一束光从左侧平行照射,点 $P$ 在竖直方向上的投影随时间移动,其轨迹就是正弦曲线。 5. 核心结论:交变电流的图像本质上是圆周运动在垂直方向上的投影。
适合:逻辑推理强、擅长数学推导的学生** **讲法:微积分推导法** 1. **设定初始条件
设 $t=0$ 时,线圈平面与中性面重合(磁通量最大)。 2. 磁通量表达式:$\Phi(t) = BS \cos(\omega t) = \Phi_m \cos(\omega t)$。 3. 感应电动势:$e(t) = -N \frac{d\Phi}{dt} = -N \Phi_m (-\omega \sin(\omega t)) = N \Phi_m \omega \sin(\omega t)$。 4. 定义最大值:令 $E_m = N \Phi_m \omega$,则 $e(t) = E_m \sin(\omega t)$。 5. 电流表达式:若电路为纯电阻 $R$,则 $i(t) = \frac{e(t)}{R} = \frac{E_m}{R} \sin(\omega t) = I_m \sin(\omega t)$。 6. 图像特征:这是一个标准的正弦函数 $y = A \sin(\omega x)$,振幅为 $I_m$,周期 $T = \frac{2\pi}{\omega}$。
适合:抽象思维强、喜欢从能量和相位角度理解的学生** **讲法:相位与矢量旋转法** 1. **旋转矢量
将电流 $i$ 看作一个长度为 $I_m$ 的矢量,以角速度 $\omega$ 在复平面上逆时针旋转。 2. 瞬时值:电流的瞬时值是该矢量在实轴(或虚轴,取决于定义)上的投影。 3. 图像解读: * 峰值:矢量与轴重合时,投影最大,对应图像波峰。 * 零点:矢量与轴垂直时,投影为零,对应图像过零点。 * 周期:矢量旋转一周,图像完成一个完整波形。 4. 优势:这种方法便于理解交流电的相位差(如电压与电流的相位关系),为后续学习交流电路奠定基础。
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练一道
基础题
某正弦交变电流的图像如图所示,横轴为时间 $t$ (s),纵轴为电流 $i$ (A)。图像显示,电流从 $t=0$ 开始从 0 增加,在 $t=0.01\text{s}$ 时达到最大值 $5\text{A}$,在 $t=0.02\text{s}$ 时回到 0。求该交变电流的周期 $T$、频率 $f$ 和瞬时值表达式 $i(t)$。
变式
接上题,若该交变电流通过一个 $10\Omega$ 的电阻,求: (1) 电阻两端电压的最大值 $U_m$; (2) 电压的瞬时值表达式 $u(t)$; (3) 在 $t=0.005\text{s}$ 时,电阻消耗的瞬时功率 $P$。
试试手自己判
检测题
一个正弦交变电流的图像如图所示(描述:$t=0$ 时 $i=0$,$t=0.01\text{s}$ 时 $i=I_m=10\text{A}$,$t=0.02\text{s}$ 时 $i=0$)。 (1) 写出该电流的瞬时值表达式。 (2) 若将此电流接入 $5\Omega$ 的电阻,求电阻在 $0.01\text{s}$ 内产生的热量。
看答案和判分标准
答案:(1) $T = 0.04\text{s}$,$\omega = 50\pi \text{ rad/s}$,$I_m = 10\text{A}$。 $i(t) = 10 \sin(50\pi t) \text{ A}$。 (2) 计算热量需用有效值 $I$。 $I = \frac{I_m}{\sqrt{2}} = \frac{10}{\sqrt{2}} = 5\sqrt{2} \text{ A}$。 $Q = I^2 R t = (5\sqrt{2})^2 \times 5 \times 0.01 = 50 \times 5 \times 0.01 = 2.5 \text{ J}$。
判对标准:
(1) 表达式正确得 2 分($\omega$ 错扣 1 分,$I_m$ 错扣 1 分)。
* (2) 使用有效值计算得 2 分(若直接用最大值 $10\text{A}$ 计算,得 0 分,因为这是典型易错点)。
* 最终结果 $2.5\text{J}$ 正确得 1 分。
* 总分 5 分。
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